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2016-2017年高中数学选修2-3全册练习（26份打包，Word版，含解析）
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版） 模块综合评价（一） Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版） 模块综合评价（二） Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：第二章2.1-2.1.1离散型随机变量 Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：第二章2.1-2.1.2第1课时离散型随机变量的分布列 Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：第二章2.1-2.1.2第2课时两点分布与超几何分布 Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：第二章2.2-2.2.2事件的相互独立性 Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：第二章2.2-2.2.3独立重复试验与二项分布 Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：第二章2.22.2.1条件概率 Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：第二章2.3-2.3.1离散型随机变量的均值 Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：第二章2.3-2.3.2离散型随机变量的方差 Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：第二章2.4正态分布 Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：第三章3.1第1课时线性回归模型 Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：第三章3.1第2课时残差分析 Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：第三章3.2独立性检验的基本思想及其初步应用 Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：第一章1.1第1课时分类加法计数原理与分步乘法计数原理 Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：第一章1.1第2课时两个计数原理的综合应用 Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：第一章1.2-1.2.1第1课时排列的简单应用 Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：第一章1.2-1.2.1第2课时排列的综合应用 Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：第一章1.3-1.3.1二项式定理 Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：第一章1.3-1.3.2“杨辉三角”与二项式系数的性质 Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：章末复习课1 Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：章末复习课2 Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：章末复习课3 Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：章末评估验收（二） Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：章末评估验收（三） Word版含解析.doc
2016-2017年《金版学案》数学·选修2-3（人教A版）练习：章末评估验收（一） Word版含解析.doc
　　模块综合评价(二)
　　(时间：120分钟　满分：150分)
　　一、选择题(本大题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题意的)
　　1．某校教学大楼共有6层，每层均有2个楼梯，则由一楼至五楼的不同走法共有(　　 )
　　A．25种　　　　　 B．52种
　　C．12种  D．36种
　　解析：因为每层均有2个楼梯，所以每层有两种不同的走法，由分步计数原理可知：从一楼至五楼共有25种不同走法．
　　答案：A
　　2．已知随机变量ξ服从正态分布N(3，σ2)，则P(ξ＜3)等于(　　 )
　　A.15  B.14
　　C.13  D.12
　　解析：由正态分布的图象知，x＝μ＝3为该图象的对称轴，
　　则P(ξ＜3)＝12.
　　答案：D
　　3．下表是某厂1～4月份用水量(单位：百吨)的一组数据：
　　月份x 1 2 3 4
　　用水量y 4.5 4 3 2.5
　　由其散点图可知，用水量y与月份x之间有较好的线性相关关系，其线性回归方程是y^＝－0.7x＋a，则a＝(　　 )
　　A．10.5  B．5.15
　　C．5.2  D．5.25
　　解析：— x ＝2.5，— y ＝3.5，b^＝0.7，所以a^＝3.5＋0.7×2.5＝5.25.
　　答案：D
　　4．(2015•陕西卷)二项式(x＋1)n(n∈N*)的展开式中x2的系数为15，则n＝(　　)
　　A．4  B．5
　　C．6  D．7
　　解析：二项式的展开式的通项是Tr＋1＝Crnxr，令r＝2，得x2的系数为C2n，所以C2n＝15，即n2－n－30＝0，解得n＝－5(舍去)或n＝6.
　　答案：C
　　5．变量X与Y相对应的一组数据为(10，1)，(11.3，2)，(11.8，3)，(12.5，4)，(13，5)；变量U与V相对应的一组数据为(10，5)，(11.3，4)，(11.8，3)，(12.5，2)，(13，1)．r1表示变量Y与X之间的线性相关系数，r2表示变量V与U之间的线性相关系数，则(　　 )
　　A．r2＜r1＜0  B．0＜r2＜r1
　　C．r2＜0＜r1  D．r2＝r1
　　解析：画出散点图(图略)，由散点图可知X与Y是正相关，则相关系数r1＞0，U与V是负相关，相关系数r2＜0，所以r2＜0＜r1.
　　答案：C
　　6．若随机变量X～B(n，0.6)，且E(X)＝3，则P(X＝1)的值是(　　 )
　　A．2×0.44  B．2×0.45
　　C．3×0.44  D．3×0.64
　　第二章  随机变量及其分布
　　2.4  正态分布
　　A级　基础巩固
　　一、选择题
　　1．设随机变量X～N(1，22)，则D12X＝(　　)
　　A．4　　　　　B．2　　　　　C.12　　　　　D．1
　　解析：因为X～N(1，22)，所以D(X)＝4.
　　所以D12X＝14D(X)＝1.
　　答案：D
　　2．设两个正态分布N(μ1，σ21)(σ1＞0)和N(μ2，σ22)(σ2＞0)的密度函数图象如图所示，则有(　　)
　　A．μ1＜μ2，σ1＜σ2  B．μ1＜μ2，σ1＞σ2
　　C．μ1＞μ2，σ1＜σ2  D．μ1＞μ2，σ1＞σ2
　　解析：μ反映的是正态分布的平均水平，x＝μ是正态密度曲线的对称轴，由图可知μ1＜μ2；σ反映的正态分布的离散程度，σ越大，越分散，曲线越“矮胖”， σ越小，越集中，曲线越“瘦高”，由题图可知σ1＜σ2.
　　答案：A
　　3．(2015•山东卷)已知某批零件的长度误差(单位：毫米)服从正态分布N(0，32)，从中随机取一件，其长度误差落在区间(3，6)内的概率为(　　)
　　[附：若随机变量ξ服从正态分布N(μ，σ2)，则P(μ－σ＜ξ＜μ＋σ)＝68.26%，P(μ－2σ＜ξ＜μ＋2σ)＝95.44%]
　　A．4.56%  B．13.59%
　　C．27.18%  D．31.74%
　　解析：由正态分布的概率公式知P(－3＜ξ＜3)＝0.682 6，P(－6＜ξ＜6)＝0.954 4，故P(3＜ξ＜6)＝P（－6＜ξ＜6）－P（－3＜ξ＜3）2＝0.954 4－0.682 62＝0.135 9＝13.59%.
　　答案：B
　　4．若随机变量X的密度函数为f(x)＝12π•e－x22，X在区间(－2，－1)和(1，2)内取值的概率分别为p1，p2则p1，p2的关系为(　　)
　　A．p1＞p2  B．p1＜p2
　　C．p1＝p2  D．不确定
　　解析：由正态曲线的对称性及题意知：μ＝0，σ＝1，所以曲线关于直线x＝0对称，所以p1＝p2.
　　答案：C
　　5．已知某批材料的个体强度X服从正态分布N(200，182)，现从中任取一件，则取得的这件材料的强度高于182但不高于218的概率为(　　)
　　A．0.997 3  B．0.682 6
　　C．0.841 3  D．0.815 9
　　解析：由题意知μ＝200，σ＝18，μ－σ＝182，μ＋σ＝218，
　　由P(μ－σ＜X≤μ＋σ)＝0.682 6，答案应选B.
　　答案：B
　　二、填空题
　　6．设X～N0，14，则P(－1＜X＜1)的值为________．
　　解析：由题意可知，μ＝0，σ＝12，故P(μ－2σ＜X＜μ＋2σ)＝P(－1＜X＜1)＝0.954 4.
　　答案：0.954 4
　　7．已知正态总体的数据落在区间(－3，－1)里的概率和落在区间(3，5)里的概率相等，那么这个正态总体的数学期望为________．
　　解析：由题意知区间(－3，－1)与(3，5)关于直线x＝μ对称，因为区间(－3，－1)和区间(3，5)关于x＝1对称，所以正态分布的数学
　　第一章  计数原理
　　1.3  二项式定理
　　1.3.2“杨辉三角”与二项式系数的性质
　　A级　基础巩固
　　一、选择题
　　1．(1＋x)2n＋1(n∈N*)的展开式中，二项式系数最大的项所在的项数是(　　)
　　A．n，n＋1　　　　 B．n－1，n
　　C．n＋1，n＋2  D．n＋2，n＋3
　　解析：因为2n＋1为奇数，所以展开式中间两项的二项式系数最大，中间两项的项数是n＋1，n＋2.
　　答案：C
　　2．已知(1＋x)＋(1＋x)2＋…＋(1＋x)n＝a0＋a1x＋a2x2＋…＋anxn(n∈N*)，若a0＋a1＋…＋an＝30，则n等于(　　)
　　A．5　　　　B．3  C．4　　　　D．7
　　解析：令x＝1得a0＋a1＋…＋an＝2＋22＋…＋2n＝30，解得n＝4.
　　答案：C
　　3．在(x＋y)n展开式中第4项与第8项的系数相等，则展开式中系数最大的项是(　　)
　　A．第6项  B．第5项
　　C．第5、第6项  D．第6、第7项
　　解析：因为C3n＝C7n，所以n＝10，系数最大的项即为二项式系数最大的项．
　　答案：A
　　4．已知C0n＋2C1n＋22C2n＋…＋2nCnn＝729，则C1n＋C3n＋C5n的值等于(　　)
　　A．64　　　　B．32  C．63　　　　D．31
　　解析：由已知(1＋2)n＝3n＝729，解得n＝6，则C1n＋C3n＋C5n＝C16＋C36＋C56＝12×26＝32.
　　答案：B
　　5．设5x－1xn的展开式中各项系数之和为M，二项式系数之和为N，若M－N＝240，则展开式中x的系数为(　　)
　　A．－150　　　B．150  C．300　　　D．－300
　　解析：令x＝1，得M＝4n，又N＝2n，故4n－2n＝240，解得n＝4.展开式中的通项为Tr＋1＝Cr4(5x)4－r－1xr＝(－1)r54－rCr4x4－32r，令4－32r＝1得r＝2，所以当r＝2时，展开式中x的系数为(－1)2•C24•52＝150.
　　章末评估验收(一)
　　(时间：120分钟　满分：150分)
　　一、选择题(本大题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求)
　　1．设东、西、南、北四面通往山顶的路各有2，1，3，4条路，只从一面上山，而从其他任意一面下山的走法最多，应(　　)
　　A．从东边上山　　 B．从西边上山
　　C．从南边上山  D．从北边上山
　　解析：从北边上山，走法有4×(2＋1＋3)＝24(种)，是最多的．
　　答案：D
　　2．5名学生相约第二天去春游，本着自愿的原则，规定任何人可以“去”或“不去”，则第二天可能出现的不同情况的种数为(　　)
　　A．C25  B．25
　　C．52  D．A25
　　解析：“去”或“不去”，5个人中每个人都有两种选择，所以，出现的可能情况有2×2×2×2×2＝25(种)．
　　答案：B
　　3．6位选手依次演讲，其中选手甲不在第一个也不在最后一个演讲，则不同的演讲次序共有(　　)
　　A．240种  B．360种
　　C．480种  D．720种
　　解析：第一步先排甲，共有A14种不同的排法；第二步再排其他人，共有A55种不同的排法，因此不同的演讲次序共有A14A55＝480(种)．
　　答案：C
　　4．已知C7n＋1＝C7n＋C8n(n∈N*)，则n＝(　　)
　　A．14  B．15
　　C．13  D．12
　　解析：由组合数性质知，C8n＋C7n＝C8n＋1，所以C7n＋1＝C8n＋1，所以7＋8＝n＋1，得n＝14.
　　答案：A
　　5．从1，3，5，7，9这五个数中，每次取出两个不同的数分别记为a，b，共可得到lg a－lg b的不同值的个数是(　　)
　　A．9  B．10
　　C．18  D．20
　　解析：从1，3，5，7，9这五个数中每次取出两个不同数的排列个数为A25＝20，但lg 1－lg 3＝lg 3－lg 9，lg 3－lg 1＝lg 9－lg 3，所以不同值的个数为20－2＝18.
　　答案：C
　　6．设f(x)＝(2x＋1)5－5(2x＋1)4＋10(2x＋1)3－10(2x＋1)2＋5(2x＋1)－1，则f(x)等于(　　)
　　A．(2x＋2)5  B．2x5
　　C．(2x－1)5  D．(2x)5
　　解析：f(x)＝C05(2x＋1)5(－1)0＋C15(2x＋1)4(－1)1＋C25(2x＋1)3(－