2016版高考数学(理科,通用版)二轮复习配套课件+配套练习:专题七《数列》ppt(考向导航+考题溯源教材变式+专题强化训练,共5份)

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  • 资源类别: 人教课标版 / 高中课件 / 高考复习课件
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2016版卓越学案高考数学(理科,通用版)二轮复习配套课件+配套练习:专题七 数 列(考向导航+考题溯源教材变式+专题强化训练)(5份打包)
2016版卓越学案高考数学(理科)人教版二轮复习:专题七第1讲专题强化训练.doc
2016版卓越学案高考数学(理科)人教版二轮复习:专题七第1讲考题溯源教材变式.doc
2016版卓越学案高考数学(理科)人教版二轮复习:专题七第2讲.ppt
2016版卓越学案高考数学(理科)人教版二轮复习:专题七第2讲考题溯源教材变式.doc
2016版卓越学案高考数学(理科)人教版二轮复习:专题七第2讲专题强化训练.doc
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  真题示例 对应教材 题材评说
  (2014•高考课标全国卷Ⅱ,12分)已知数列{an}满足a1=1,an+1=3an+1,
  (1)证明{an+12}是等比数列,并求{an}的通项公式;
  (2)证明:1a1+1a2+…+1an<32.
  (必修5 P33习题A组T4)写出下面数列{an}的前5项:
  (1)a1=12,an=4an-1+1(n>1);
  (2)a1=-14,an=1-1an-1(n>1).
  将特殊问题一般化,是命题制作的有效途径.体现了特殊与一般的结合.
  [教材变式训练]
  一、选择题
  [变式1] (必修5 P68B组T1(1)改编)已知{an}是等比数列,an>0,且a25+a3a7=8.则log2a1+log2a2+…+log2a9=(  )
  A.8          B.9
  C.10  D.11
  解析:选B.∵ a25+a3a7=8.an>0.
  ∴2a25=8.∴a5=2.
  ∴log2a1+log2a2+…+log2a9
  =log2[(a1a9)(a2a8)(a3a7)•(a4a6)•a5]=log2(a5)9=9 log22=9.
  [变式2] (必修5 P68A组T8改编)Sn是等差数列{an}的前n项之和,若S7-S2=45,则 S9为(  )
  A.54  B.63
  C.72  D.81
  解析:选D.法一:∵S7-S2=45.
  即a3+a4+a5+a6+a7=45.
  即5a5=45,a5=9,
  ∴S9=9(a1+a9)2=9a5=81.
  法二:∵S7-S2=45,
  ∴7a1+21d-(2a1+d)=45.
  即a1+4d=9.
  ∴S9=9a1+36d=9(a1+4d)=9×9=81.
  [变式3] (必修5 P38例3改编)已知p:数列{an}是等差数列,q:数列{an}的通项公式an=k1n+k2(k1,k2均为常数),则p是q的(  )
  A.充分不必要条件  B.必要不充分条件
  C.充要条件     D.既不充分也不必要条件
  解析:选C.若{an}是等差数列,不妨设公差为d.
  ∴an=a1+(n-1)d=dn+a1-d,
  令k1=d,k2=a1-d,则an=k1n+k2,
  若数列{an}通项公式an=k1n+k2(k1,k2为常数,n∈N*),
  则当n≥2且n∈N*时,an-1=k1(n-1)+k2,
  ∴an-an-1=k1(常数)(n≥2且n∈N*),
  ∴{an}为等差数列,∴p是q的充要条件.
  [变式4] (必修5 P53A组T1(4)改编)在等比数列{an}中,an>0,a5-a1=15,a4-a2=6,设bn=log2an,{bn}的前n项和为Sn,则Sn>10时n的最小值为(  )
  A.5          B.6
  C.7      D.8
  解析:选B.由a5-a1=15a4-a2=6⇒a1(q4-1)=15a1q(q2-1)=6,解得
  a1=1q=2或a1=-16q=12,
  ∵an>0,∴a1=1,q=2,an=2n-1,
  ∴bn=log2an=log22n-1=n-1;
  ∴Sn=b1+bn2×n=n(n-1)2,
  由Sn>10得n2-n-20>0,解得n>5,
  故n的最小值为6.
  [变式5] (必修5 P61A组T6改编)已知Sn是等比数列{an}的前n项和,且S3,S9,S6成等差数列,下列结论正确的是(  )
  A.a1,a7,a4成等差数列   B.a1,a7,a4成等比数列
  C.a1,2a7,a4成等差数列  D.a1,2a7,a4成等比数列
  解析:选A.显然q=1时不合题意,
  依题意得S3+S6=2S9
  即a11-q(1-q3)+a11-q(1-q6)=2a11-q(1-q9)
  ⇒1+q3=2q6⇒a1+a1q3=2a1q6⇒a1+a4=2a7,
  ∴a1,a7,a4成等差数列.
  [变式6] (必修5 P67A组T2(3)改编)数列7,77,777,7 777,…的通项公式是(  )
  A.an=7(10n-1-1)  B.an=79(10n-1)
  C.an=79(10n-1-1)  D.an=7(10n-1)
  解析:选B.an=77…7n个=7(1+10+102+…+10n-1)
  =7×1-10n1-10=79(10n-1).
  二、填空题
  [变式7] (必修5 P46B组T2改编)等差数列{an}的前n项和为Sn,已知S6=20,S12=50,则S18的值为________.
  解析:∵数列{an}为等差数列,Sn为{an}的前n项和,∴由等差数列性质可知S6,S12-S6,S18-S12也构成等差数列,
  ∴S18-S12=40,∴S18=90.
  (时间:45分钟 满分:60分)
  一、选择题
  1.数列{an}的前n项和Sn=n2+3n+2,则{an}的通项公式为(  )
  A.an=2n-2       B.an=2n+2
  C.an=6,n=12n-2,n≥2  D.an=6,n=12n+2,n≥2
  解析:选D.a1=S1=6,当n≥2时,an=Sn-Sn-1=2n+2,∴an=6,n=12n+2,n≥2.
  2.数列{an}满足an+an+1=32(n∈N*),a2=3,Sn是数列{an}的前n项和,则S2 025=(  )
  A.1 516 B.3 0332
  C.1 518 D.3 0392
  解析:选B.∵an+an+1=32,a2=3,
  ∴an=-32,n为奇数3,n为偶数,
  ∴S2 025=1 013×(-32)+1 012×3=3 0332.
  3.在数列{an}中,若a1=1,an+1=2an+3(n∈N*),则数列{an}的通项an=(  )
  A.2n+1-3  B.2n-1+1
  C.2n+1+2  D.2n+1+3
  解析:选A.依题意得,an+1+3=2(an+3),a1+3=4,因此数列{an+3}是以4为首项,2为公比的等比数列,于是有an+3=4×2n-1=2n+1,
  则an=2n+1-3.故选A.
  4.已知数列{an}中,a1=1,且an+1=an2an+1,若bn=anan+1,则数列{bn}的前n项和Sn为(  )
  A.2n2n+1 B.n2n+1
  C.2n2n-1 D.2n-12n+1
  解析:选B.由an+1=an2an+1得,1an+1=1an+2,
  ∴数列{1an}是以1为首项,2为公差的等差数列,
  ∴1an=2n-1,
  又bn=anan+1,
  ∴bn=1(2n-1)(2n+1)=12(12n-1-12n+1),
  ∴Sn=12(11-13+13-15+…+12n-1-12n+1)=n2n+1.
  5.对于数列{an},定义数列{an+1-an}为数列{an}的“差数列”,若a1=3,{an}的“差数列”的通项为3n,则数列{an}的通项an=(  )
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